2.2. Нечеткие реляционные уравнения 59
Доказательство. Докажем утверждение для первого оператора, для ос-
тальных рассуждения аналогичны. Пусть T
−
(a, b) = ,тогда∃z
0
∈ L,
такое, что T (z
0
,a) b. По свойству PT1 имеем T (z
0
,a) a. Принимая
во внимание предыдущее неравенство, имеем b a. Полученное проти-
воречиедоказываетпредложение.
Из предложений 2.1, 2.2 и определений разностных операторов сле-
дует, что неравенства T (x, a) b, I(x, a) b и I(a, x) b имеют реше-
ния [0,T
+
(a, b)], [0,I
+
l
(a, b)] и [I
−
r
(a, b), 1] соответственно. Решения двой-
ственных им неравенств, как следует из предложения 2.2, существуют
при a b, a b и b N (a); ими будут отрезки [T
−
(a, b), 1], [I
−
l
(a, b), 1]
и [0,I
+
r
(a, b)].
Пересечение соответствующих решений неравенств является решени-
ем (2.10)-(2.12). Кроме того, предложение 2.2 дает необходимые и доста-
точные условия их разрешимости. Таким образом, решениями уравнений
(2.10)-(2.12) будут
[T
−
(a, b),T
+
(a, b)], если b a,(2.13)
[I
−
l
(a, b),I
+
l
(a, b)], если a b,(2.14)
[I
−
r
(a, b),I
+
r
(a, b)], если N(a) b. (2.15)
Если условия предложения 2.2 выполняются, то уравнение имеет пустое
множество решений.
Предложение 2.3. Если каждое из уравнений вида (2.10)-(2.12) разре-
шимо, то
T (T
+
(a, b),a)=b и T (T
−
(a, b),a)=b,
I(I
+
l
(a, b),a)=b и I(I
−
l
(a, b),a)=b,
I(a, I
+
r
(a, b)) = b и I(a, I
−
r
(a, b)) = b.
Доказательство. Докажем для левого min-I уравнения первое равенст-
во. Пусть δ = I
+
l
(a, b). В силу непрерывности функции I(x, a) существует
такое c
0
∈ L,чтоI(c
0
,a)=b. Так как функция I(x, a) невозрастающая,
то выполняется I(c
1
,a) I(c
0
,a)=b для любого c
1
∈ L, c
1
>c
0
.
Максимальный элемент c
1
, удовлетворяющий равенству
I(c
1
,a)=I(c
0
,a), существует и будет равен δ. При I(c
1
,a) <I(c
0
,a)
элемент c
0
есть максимальный элемент, удовлетворяющий неравенству
I(c
0
,a)=b,т.е.c
0
= δ.
Доказательство остальных равенств аналогично приведенному.